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  3. 设f(x)在[a，b]上连续且单调减少．证明：当0＜k＜1时，∫0kf(x)dx≥k∫01f(x)dx．

设f(x)在[a，b]上连续且单调减少．证明：当0＜k＜1时，∫0kf(x)dx≥k∫01f(x)dx．

admin2019-07-19  31
问题 设f(x)在[a，b]上连续且单调减少．证明：当0＜k＜1时，∫0kf(x)dx≥k∫01f(x)dx．
选项
答案方法一 ∫0kf(x)dx－k∫01f(x)dx=∫0kf(x)dx－k[∫0kf(x)dx＋∫k1f(x)dx] =(1一k)∫0kf(x)dx—k∫k1f(x)dx=k(1一k)[f(ξ1)一f(ξ2)] 其中ξ1∈[0，k]，ξ2∈[k，1]，因为0＜k＜1且f(x)单调减少， 所以∫0kf(x)dx—k∫01f(x)dx=k(1一k)[f(ξ1)一f(ξ2)]≥0，故∫0kf(x)dx≥k∫01f(x)dx． 方法二 ∫0kf(x)dx[*]k∫01f(kt)dt=k∫01f(kx)dx，当x∈[0．1]时，因为0＜k＜1，所以kx≤x， 又因为f(x)单调减少，所以f(kx)≥f(x)，两边积分得∫01f(kx)dx≥∫01f(x)dx， 故k∫01f(kx)dx≥k∫01f(x)dx，即∫0kf(x)dx≥k∫01f(x)dx．
解析
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考研数学一

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